《2019-2020年高考物理第二輪復習方案 直線運動2.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019-2020年高考物理第二輪復習方案 直線運動2.doc（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

2019-2020年高考物理第二輪復習方案 直線運動2 1、釣魚島自古以來就是中國的固有領土。某日中午12時整，假若甲艦自釣魚島附近海域A點以16km/h的速度向正東行駛，乙艦自釣魚島附近海域A點的正北18km處以24km/h的速度向正南行駛，若海域足夠寬，則當日12時30分時甲乙兩艦之間的間距對時間的變化率是 A．16km/h B．-24km/h C．30km/h D．-1.6km/h 2．如右圖所示， I，II分別是甲、乙兩小球從同一地點沿同一直線運動的v-t圖線，根據圖線可以判斷 A．甲、乙兩小球做的是初速度方向相反的勻變速直線運動，加速度大小相同，方向相同 B．兩球在t＝8s時相距最遠 C．兩球在t＝2s時刻速率相等 D．兩球在t＝8s時相遇 3.在真空中，將蘋果和羽毛同時從同一高度由靜止釋放，下列頻閃照片中符合事實的是 ( ) 答案：C解析：在真空中，將蘋果和羽毛同時從同一高度由靜止釋放，蘋果和羽毛都做自由落體運動，頻閃照片C符合事實。 4.將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中的v－t圖象如圖所示。以下判斷正確的是 1 2 3 4 5 6 7 t/s v/（ms-1） 6 0 第3題圖 A．前3 s內貨物只受重力作用 B．最后2 s內物體的位移大小為12m C．前3 s內與最后2 s內貨物的平均速度相同 D．第3 s末至第5 s末的過程中，貨物的機械能守恒 【命題意圖】此題考查速度圖象、機械能及其相關知識。 答案：C 解析：前3 s內貨物加速度向上，物體受重力和拉力作用，選項A錯誤；最后2 s內物體的位移大小為6m，選項B錯誤；前3 s內與最后2 s內貨物的平均速度相同，都是3m/s，選項C正確；第3 s末至第5 s末的過程中，貨物的速度不變，動能不變，機械能增大，選項D錯誤。 5.2012年6月1日.空降兵某部官兵使用新裝備從260米超低空跳傘成功。如圖所示，若跳傘空降兵在離地面224m高處.由靜止開始在豎直方向做自由落體運動?！螘r間后.立即打開降落傘，以12.5m/s2的平均加速度勻減速下降.為了空降兵的安全，要求空降兵落地速度最大不得超過5m/s(g取10m/s2)。則 A.空降兵展開傘時離地面高度至少為125m,相當于從2.5m高處自由落下 B.空降兵展開傘時離地面高度至少為125m,相當于從1.25m高處自由落下 C.空降兵展開傘時離地面髙度至少為99m,相當于從1.25m高處自由落下 D.空降兵展開傘時離地面高度至少為99m ,相當于從2.5m高處自由落下 答案.C【解析】設空降兵做自由落體運動的高度為h時速度為v，此時打開傘開始勻減速運動，落地時速度剛好為5m/s，這種情況空降兵在空中運動時間最短，則有v2=2gh，vt2－v2=2a（H－h(huán)）解得h=125ｍ，v=50ｍ／s,為使空降兵安全著地，他展開傘時的高度至少為H－h(huán)=224ｍ－125ｍ=99ｍ,選項A、B錯誤；他以5m/s的速度著地時，相當于從h′高處自由落下，由vt2=2gh′,得h′=ｍ=1.25ｍ,選項D錯誤,C正確。 6.2012年6月9日晚.受沿線焚燒秸桿產生煙霧影響,寧洛高速公路安徽省蒙城段發(fā)生多起多點車輛追 尾事故。假設髙速公路上甲、乙兩車在同一車道上同向行駛.甲車在前.乙車在后.速度均為 v0=30m/s.距離s0 = l00m.t=0時刻甲車遇緊急情況后，甲、乙兩車的加速度隨時間變化如圖所示.取 運動方向為正方向.下面說法錯誤的是 A.t=6s時兩車等速 B.t=6s時兩車距離最近 C.0-6s內兩車位移之差為90m D.兩車0-9s在內會相撞 答案.D【解析】由加速度圖像可畫出兩車的速度圖像，如答圖2所示。由圖像可知，t=6s時兩車等速，此時距離最近，圖中陰影部分面積為0～6s內兩車位移之差， ＜100m，∴不會相撞。 7.一列貨車以28.8km/h的速度在鐵路上運行，由于調度事故，在后方700m處有一列快車以72km/h的速度行駛，快車司機發(fā)覺后立即合上制動器，但快車要滑行2000m才能停下，試通過計算判斷兩車是否會相撞。 19、（10分） V快＝72km/h=20m/s V貨＝28.8 km/h＝8 m/s——————（1分） 因快車要滑行2000m才能停下，由勻變速運動規(guī)律可得： 0－V2快＝2as——————（1分） a=－V2快/2s=－0.1m/s2——————（1分） 快車減速到與貨車速度相同時需要ts t=△V/a=120s————————（1分） 這段時間內兩車的位移分別為： S快＝（V2貨－V2快）／2a＝1680m————（2分） S貨＝V貨t=960m-----------------------（2） 因為S貨＋△S＜S快----------------（1分） 所以兩車將會發(fā)生碰撞．--------------（1分） 8.一質點在外力作用下沿直線做勻加速運動，從某時刻開始計時，測得該質點在第1 s內的位移為2．0 m，第5s內和第6s內的位移之和為11．2 m。求： （1）該質點運動的加速度大小； （2）該質點在第6s內的位移大小。 。.解析：（1）第0.5s末的速度：v1==2m/s。 t2=2s，第5s末的速度：v2==5.6m/s。 △t=5s-0.5s=4.5s，該質點運動的加速度大小：a==0.8m/s2。 （2）該質點在第6s內的位移大小x=v2t+at2=6m。 9.一物體沿一直線從靜止開始運動且同時開始計時，其加速度隨時間周期性變化的關系圖線（a-t圖）如圖所示，求： （1）物體在第4s末的速度； （2）物體在前3s內的位移； （3）物體在第4s內的位移。 解析：（1） 根據加速度圖象的物理意義，0~1s內物體加速度a1=8m/s2， 1s末物體速度為v1=a1t1=8m/s， 1~3s內物體加速度a2= -4m/s2， 3s末物體速度為v2= v1+a2t2=8m/s-42m/s=0， 3~4s內物體加速度a3=-8m/s2。 4s末物體速度為v3= v2+a3t3=0+81m/s=8m/s。 或根據加速度圖象與橫軸所圍面積表示速度變化可知3s末物體速度為零， 4s末物體速度為v= a3t3=8m/s 。 （2） 0~ 1s內物體位移x1= a1t12=812m=4m ， 1~3s內物體位移x2= v1 t2+ a2t22=82m-422m=8m ， 物體在前3s內的位移x= x1+x2=4m+8m=12m。 （3）3s末物體速度為v2=0，物體在第4s內的位移x4= a3t32=812m=4m ，。 10.質量m=1.0kg的物塊靜置于粗糙水平面上，水平面與物塊的動摩擦因數μ=0.4?，F(xiàn)給物塊施加一水平向右的推力F，推力作用于物塊的時間為10s，物塊在推力作用下運動，其加速度a隨時間的變化如圖（a）所示。g取10m/s2。 （1）類比是一種常用的研究方法。對于直線運動，教科書中講解了由v─t圖像求位移的方法．請你借鑒此方法，對比加速度和速度的定義，根據圖所示a─t圖像，求物塊10s末的速度大?。? （2）在圖（b）中畫出10s內推力隨時間變化的F－t圖線，并標出縱坐標的值； （3）求推力F在10s內作用于物塊的沖量。 ．F/N t/s 0 4 6 圖3 8 10 4.0 2 6.0 2.0.0 8.0 （10分） 解：（1）由類比可知，0~10s內速度的變化量△v等于0~10s內a-t圖線與t軸所圍的面積，則 △v=32m/s 所以10s末的速度v =v0+△v =32m/s（3分） （2）如圖3所示。 （4分） （3）同樣的類比，0~10s內力F的沖量I為0~10s內F-t圖線與t軸的所圍的面積，所以 I=72Ns （3分） 中偏難。牛頓運動定律、圖像的識別，沖量的概念。 考查：理解能力，應用能力。將較復雜的問題分解為幾個較簡單的問題，并找出它們之間的聯(lián)系。 對問題進行合理的簡化，找出物理量之間的關系，利用恰當的數學方法進行分析、求解，得出結論。13．某物體做勻加速直線運動，通過一段位移△x所用的時間為t1，緊接著通過下一段位移△x所用的時間為t2。求物體運動的加速度大小和通過第一段位移△x的初速度大小。 11．從地面發(fā)射質量為m的導彈，導彈上的噴氣發(fā)動機可產生恒定的推力，且可通過改變噴氣發(fā)動機尾噴管的噴氣質量和方向改變發(fā)動機推力的大小和方向，導彈起飛時發(fā)動機推力大小為F＝mg，導彈沿和水平方向成θ＝30角的直線斜向右上方勻加速飛行．經過時間t后，遙控導彈上的發(fā)動機，使推力的方向逆時針旋轉60，導彈依然可以沿原方向勻減速直線飛行．(不計空氣阻力和噴氣過程中導彈質量的變化)．求： (1)t時刻導彈的速率及位移是多少； (2)旋轉方向后導彈還要經過多長時間到達最高點； (3)導彈上升的最大高度是多少？ 由正弦定理得：＝解得： 垂直，如圖乙所示． 導彈上升的最大高度為：hm＝ssin30＝gt2.