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新編高中數(shù)學(xué) 4.2.2最大值、最小值問(wèn)題第1課時(shí)練習(xí) 北師大版選修11

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新編高中數(shù)學(xué) 4.2.2最大值、最小值問(wèn)題第1課時(shí)練習(xí) 北師大版選修11

新編數(shù)學(xué)北師大版精品資料 【成才之路】高中數(shù)學(xué) 4.2.2最大值、最小值問(wèn)題第1課時(shí)練習(xí) 北師大版選修1-1 一、選擇題 1.函數(shù)y=x-sinx,x∈的最大值是(  ) A.π-1 B.-1 C.π D.π+1 [答案] C [解析] f ′(x)=1-cosx≥0, ∴f(x)在上為增函數(shù), ∴f(x)的最大值為f(π)=π-sinπ=π,故選C. 2.(2014北京東城區(qū)聯(lián)考)如圖是函數(shù)y=f(x)的導(dǎo)函數(shù)f ′(x)的圖像,則下面判斷正確的是(  ) A.在區(qū)間(-2,1)上f(x)是增函數(shù) B.在(1,3)上f(x)是減函數(shù) C.在(4,5)上f(x)是增函數(shù) D.當(dāng)x=4時(shí),f(x)取極大值 [答案] C [解析] 由導(dǎo)函數(shù)y=f ′(x)的圖像知,f(x)在(-2,1)上先減后增,在(1,3)上先增后減,在(4,5)上單調(diào)遞增,x=4是f(x)的極小值點(diǎn),故A、B、D錯(cuò)誤,選C. 3.(2014營(yíng)口三中期中)若a>0,b>0,且函數(shù)f(x)=4x3-ax2-2bx在x=1處有極值,則a+b等于(  ) A.2   B.3   C.6   D.9 [答案] C [解析] f ′(x)=12x2-2ax-2b,由條件知x=1是方程f ′(x)=0的實(shí)數(shù)根,∴a+b=6. 4.函數(shù)f(x)=x(1-x2)在[0,1]上的最大值為(  ) A. B. C. D. [答案] A [解析] f ′(x)=1-3x2=0,得x=∈[0,1], ∵f=,f(0)=f(1)=0. ∴f(x)max=. 5.(2014河南淇縣一中模擬)設(shè)a∈R,若函數(shù)y=eax+3x,x∈R有大于零的極值點(diǎn),則(  ) A.a(chǎn)>-3 B.a(chǎn)<-3 C.a(chǎn)>- D.a(chǎn)<- [答案] B [解析] y′=aeax+3,由條件知,方程aeax+3=0有大于零的實(shí)數(shù)根,∴0<-<1,∴a<-3. 6.若函數(shù)y=x3-2ax+a在(0,1)內(nèi)有極小值,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(  ) A.(0,3) B.(-∞,3) C.(0,+∞) D.(0,) [答案] D [解析] y′=3x2-2a,因?yàn)楹瘮?shù)在(0,1)內(nèi)有極小值, 所以方程3x2-2a=0較大的根在(0,1)內(nèi), 所以2a=3x2∈(0,3), 所以a∈(0,). 二、填空題 7.設(shè)函數(shù)f(x)=-x3+3x-1,則其極大值點(diǎn)為_(kāi)_______,極小值點(diǎn)為_(kāi)_______. [答案] 1,-1 [解析] f′(x)=-3x2+3=-3(x-1)(x+1), 當(dāng)x∈(-∞,-1)∪(1,+∞)時(shí),f′(x)<0,f(x)單調(diào)減; 當(dāng)x∈(-1,1)時(shí),f′(x)>0,f(x)單調(diào)增,所以f(x)極大值點(diǎn)為x=1,極小值點(diǎn)為x=-1. 8.若函數(shù)f(x)=2x2-lnx在其定義域的一個(gè)子區(qū)間( t-1,t+1)上不是單調(diào)函數(shù),則t的取值范圍是________. [答案] [1,) [解析] f(x)的定義域?yàn)閧x|x>0},f′(x)=4x-==,f(x)在其定義域的一個(gè)子區(qū)間不單調(diào),則需0≤t-1<,1≤t<. 三、解答題 9.已知函數(shù)f(x)=x3-4x+4. (1)求函數(shù)的極值; (2)求函數(shù)在區(qū)間[-3,4]上的最大值和最小值. [答案] (1)極大值9,極小值-1 (2)最大值9,最小值-1. [解析] (1)由導(dǎo)數(shù)公式表和求導(dǎo)法則可得f′(x)=x2-4. 解方程x2-4=0,得x1=-2,x2=2. x變化時(shí),f′(x)與f(x)的變化情況如下表 x (-∞,-2) -2 (-2,2) 2 (2,+∞) f′(x) + 0 - 0 + f(x)  極大值  極小值  從上表看出,當(dāng)x=-2時(shí),函數(shù)有極大值.且 f(-2)=(-2)3-4(-2)+4=9. 而當(dāng)x=2時(shí),函數(shù)有極小值,且 f(2)=23-42+4=-1. (2)f(-3)=(-3)3-4(-3)+4=7, f(4)=43-44+4=9. 與極值點(diǎn)的函數(shù)值比較,得已知函數(shù)在區(qū)間[-3,4]上的最大值是9,最小值是-1. 10.(2014淄博市臨淄中學(xué)學(xué)分認(rèn)定考試)已知函數(shù)f(x)=x3+ax2+bx+5,曲線y=f(x)在點(diǎn)P(1,f(1))處的切線方程為y=3x+1. (1)求a、b的值; (2)求y=f(x)在[-3,1]上的最大值. [答案] (1)a=2,b=-4 (2)13 [解析] (1)依題意可知點(diǎn)P(1,f(1))為切點(diǎn),代入切線方程y=3x+1可得,f(1)=31+1=4, ∴f(1)=1+a+b+5=4,即a+b=-2, 又由f(x)=x3+ax2+bx+5得,f ′(x)=3x2+2ax+b, 而由切線方程y=3x+1的斜率可知f ′(1)=3, ∴3+2a+b=3,即2a+b=0, 由解得 ∴a=2,b=-4. (2)由(1)知f(x)=x3+2x2-4x+5, f ′(x)=3x2+4x-4=(3x-2)(x+2), 令f ′(x)=0,得x=或x=-2. 當(dāng)x變化時(shí),f(x),f ′(x)的變化情況如下表: x -3 (-3,-2) -2 (-2,) (,1) 1 f ′(x) + 0 - 0 + f(x) 8 增 極大值 減 極小值 增 4 ∴f(x)的極大值為f(-2)=13,極小值為f()=, 又f(-3)=8,f(1)=4, ∴f(x)在[-3,1]上的最大值為13. 一、選擇題 1.函數(shù)y=2x3-3x2-12x+5在[-2,1]上的最大值、最小值分別是(  ) A.12;-8 B.1;-8 C.12;-15 D.5;-16 [答案] A [解析] y′=6x2-6x-12,由y′=0?x=-1或x=2(舍去).x=-2時(shí)y=1,x=-1時(shí)y=12,x=1時(shí)y=-8. ∴ymax=12,ymin=-8.故選A. 2.(2014開(kāi)灤二中期中)若函數(shù)f(x)=x3-6bx+3b在(0,1)內(nèi)有極小值,則實(shí)數(shù)b的取值范圍是(  ) A.(0,1) B.(-∞,1) C.(0,+∞) D.(0,) [答案] D [解析] f ′(x)=3x2-6b,∵f(x)在(0,1)內(nèi)有極小值, ∴在(0,1)內(nèi)存在點(diǎn)x0,使得在(0,x0)內(nèi)f ′(x)<0,在(x0,1)內(nèi)f ′(x)>0,由f ′(x)=0得,x2=2b>0, ∴∴0<b<. 3.(2014棗莊市期中)若1、3為函數(shù)f(x)=x3+bx2+cx(b,c∈R)的兩個(gè)極值點(diǎn),則曲線y=f(x)在點(diǎn)(-1,f(-1))處的切線的斜率為(  ) A.8   B.6   C.4   D.0 [答案] A [解析] f ′(x)=x2+2bx+c,由條件知,1,3是方程f ′(x)=0的兩個(gè)實(shí)根,∴b=-2,c=3,∴f ′(-1)=8,故選A. 4.(2014安徽程集中學(xué)期中)已知函數(shù)f(x)(x∈R)滿足f ′(x)>f(x),則(  ) A.f(2)<e2f(0) B.f(2)≤e2f(0) C.f(2)=e2f(0) D.f(2)>e2f(0) [答案] D [解析] 設(shè)F(x)=,則F′(x)=>0, ∴F(x)在R上為增函數(shù),故F(2)>F(0), ∴>, 即f(2)>e2f(0). 二、填空題 5.若函數(shù)f(x)=在x=1處取得極值,則a=________. [答案] 3 [解析] 考查分式函數(shù)求導(dǎo)法則、極值點(diǎn)的性質(zhì). f ′(x)==, f ′(1)=0?=0?a=3. 6.(2014衡陽(yáng)六校聯(lián)考)在區(qū)間[-a,a](a>0)內(nèi)圖像不間斷的函數(shù)f(x)滿足f(-x)-f(x)=0,函數(shù)g(x)=exf(x),且g(0)g(a)<0,又當(dāng)0<x<a時(shí),有f ′(x)+f(x)>0,則函數(shù)f(x)在區(qū)間[-a,a]內(nèi)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)是________. [答案] 2 [解析] ∵f(-x)-f(x)=0,∴f(x)為偶函數(shù), ∵g(x)=exf(x),∴g′(x)=ex[f ′(x)+f(x)]>0, ∴g(x)在[0,a]上為單調(diào)增函數(shù), 又∵g(0)g(a)<0, ∴函數(shù)g(x)=exf(x)在[0,a]上只有一個(gè)零點(diǎn), 又∵ex≠0, ∴f(x)在[0,a]上有且僅有一個(gè)零點(diǎn), ∵f(x)是偶函數(shù),且f(0)≠0,∴f(x)在[-a,a]上有且僅有兩個(gè)零點(diǎn). 三、解答題 7.已知函數(shù)f(x)=ex-f(0)x+x2(e是自然對(duì)數(shù)的底數(shù)). (1)求f(x)的解析式和單調(diào)區(qū)間; (2)若函數(shù)g(x)=x2+a與函數(shù)f(x)的圖像在區(qū)間[-1,2]上恰有兩個(gè)不同的交點(diǎn),求實(shí)數(shù)a的取值范圍. [答案] (1)f(x)=ex-x+x2 f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是(-∞,0),單調(diào)遞增區(qū)間是(0,+∞) (2)(1,1+] [解析] (1)由已知得f′(x)=ex-f(0)+x, ∴f′(1)=f′(1)-f(0)+1,即f(0)=1. 又f(0)=,∴f′(1)=e. 從而f(x)=ex-x+x2. 顯然f′(x)=ex-1+x在R上單調(diào)遞增且f′(0)=0,故當(dāng)x∈(-∞,0)時(shí),f′(x)<0;當(dāng)x∈(0,+∞)時(shí),f′(x)>0. ∴f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是(-∞,0),單調(diào)遞增區(qū)間是(0,+∞). (2)由f(x)=g(x)得a=ex-x,令h(x)=ex-x, 則h′(x)=ex-1. 由h′(x)=0得x=0. 當(dāng)x∈(-1,0)時(shí),h′(x)<0;當(dāng)x∈(0,2)時(shí),h′(x)>0. ∴h(x)在(-1,0)上單調(diào)遞減,在(0,2)上單調(diào)遞增. 又h(0)=1,h(-1)=1+,h(2)=e2-2且h(-1)<h(2),∴兩個(gè)圖像恰有兩個(gè)不同的交點(diǎn)時(shí),實(shí)數(shù)a的取值范圍是(1,1+]. 8.(2014唐山市二模)已知函數(shù)f(x)=x2-lnx-ax,a∈R. (1)當(dāng)a=1時(shí),求f(x)的最小值; (2)若f(x)>x,求a的取值范圍. [答案] (1)0 (2)(-∞,0) [解析] (1)當(dāng)a=1時(shí),f(x)=x2-lnx-x,f′(x)=. 當(dāng)x∈(0,1)時(shí),f′(x)<0;當(dāng)x∈(1,+∞)時(shí),f′(x)>0. ∵f(x)的極小值為f(1)=0, 又∵f(x)的定義域?yàn)?0,+∞), ∴f(x)的最小值為f(1)=0. (2)f(x)>x,即f(x)-x=x2-lnx-(a+1)x>0. 由于x>0,所以f(x)>x等價(jià)于x->a+1. 令g(x)=x-,則g′(x)=. 當(dāng)x∈(0,1)時(shí),g′(x)<0;當(dāng)x∈(1,+∞)時(shí),g′(x)>0. g(x)有最小值g(1)=1. 故a+1<1,a的取值范圍是(-∞,0).

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