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2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 2.3導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用(二)課時作業(yè) 文(含解析)新人教版.doc

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2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 2.3導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用(二)課時作業(yè) 文(含解析)新人教版.doc

2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 2.3導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用(二)課時作業(yè) 文(含解析)新人教版 一、選擇題 1.(xx韶關(guān)模擬)函數(shù)y=xex的最小值是(  ) A.-1          B.-e C.- D.不存在 解析:y′=ex+xex=(1+x)ex,令y′=0,則x=-1,因為x<-1時,y′<0,x>-1時,y′>0,所以x=-1時,ymin=-. 答案:C 2.(xx德州期末)設(shè)函數(shù)y=f(x)在(0,+∞)內(nèi)有定義,對于給定的正數(shù)K,定義函數(shù)fK(x)=取函數(shù)f(x)=,恒有fK(x)=f(x),則(  ) A.K的最大值為 B.K的最小值為 C.K的最大值為2 D.K的最小值為2 解析:由f(x)=, 令f′(x)===0,得x=1. 當(dāng)x∈(0,1)時,f′(x)>0; 當(dāng)x∈(1,+∞)時,f′(x)<0,即f(x)=在x=1時取到最大值,而f(x)≤K恒成立,所以≤K,故K的最小值為,選B. 答案:B 3.若關(guān)于x的不等式x3-3x2-9x+2≥m對任意x∈[-2,2]恒成立,則m的取值范圍是(  ) A.(-∞,7] B.(-∞,-20] C.(-∞,0] D.[-12,7] 解析:令f(x)=x3-3x2-9x+2,則f′(x)=3x2-6x-9,令f′(x)=0,得x=-1或3(舍去).∵f(-1)=7,f(-2)=0,f(2)=-20.∴f(x)的最小值為f(2)=-20,故m≤-20,可知應(yīng)選B. 答案:B 4.(xx濰坊期末)函數(shù)f(x)=ex-x(e為自然對數(shù)的底數(shù))在區(qū)間[-1,1]上的最大值是(  ) A.1+ B.1 C.e+1 D.e-1 解析:因為f(x)=ex-x,所以f′(x)=ex-1.令f′(x)=0,得x=0. 且當(dāng)x>0時,f′(x)=ex-1>0,x<0時,f′(x)=ex-1<0,即函數(shù)在x=0處取得極小值,f(0)=1,又f(-1)=+1,f(1)=e-1,綜合比較得函數(shù)f(x)=ex-1在區(qū)間[-1,1]上的最大值是e-1.故選D. 答案:D 5.函數(shù)f(x)=ex(sinx+cosx)在區(qū)間上的值域為(  ) 解析:f′(x)=ex(sinx+cosx)+ex(cosx-sinx) =excosx, 0≤x≤時,f′(x)≥0, ∴f(x)是上的增函數(shù). ∴f(x)的最大值為f= f(x)的最小值為f(0)=. ∴f(x)在上的值域為 答案:A 6.(xx濰坊質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)=x3+ax2+bx+c在定義域x∈[-2,2]上表示的曲線過原點,且在x=1處的切線斜率均為-1.有以下命題: ①f(x)是奇函數(shù);②若f(x)在[s,t]內(nèi)遞減,則|t-s|的最大值為4;③若f(x)的最大值為M,最小值為m,則M+m=0;④若對?x∈[-2,2],k≤f′(x)恒成立,則k的最大值為2.其中正確命題的個數(shù)為(  ) A.1個 B.2個 C.3個 D.4個 解析:由題意得函數(shù)過原點,則c=0.又f′(x)=3x2+2ax+b. 則必有 解得 所以f(x)=x3-4x. 令f′(x)=3x2-4=0得x=. 則函數(shù)在[-2,2]上的最小值是負數(shù). 由此得函數(shù)圖象大致如圖:得出結(jié)論是:①③正確;②④錯誤.故選B. 答案:B 二、填空題 7.(xx開封一模)已知函數(shù)f(x)=ax3-3x+1對x∈(0,1]總有f(x)≥0成立,則實數(shù)a的取值范圍是__________. 解析:當(dāng)x∈(0,1]時不等式ax3-3x+1≥0可化為a≥,設(shè)g(x)=,x∈(0,1], g′(x)==-. g′(x)與g(x)隨x的變化情況如下表: x g′(x) + 0 - g(x) 極大值4 因此g(x)的最大值為4,則實數(shù)a的取值范圍是[4,+∞). 答案:[4,+∞) 8.(xx揚州模擬)已知函數(shù)f(x)=lnx-(m∈R)在區(qū)間[1,e]上取得最小值4,則m=__________. 解析:f′(x)=+=(x>0), ①當(dāng)m>0時,f′(x)>0,f(x)在區(qū)間[1,e]上為增函數(shù),f(x)有最小值f(1)=-m=4, 得m=-4,與m>0矛盾. ②當(dāng)m<0時,若-m<1,即m>-1, f(x)min=f(1)=-m=4, 得m=-4,與m>-1矛盾; 若-m∈[1,e],即-e≤m≤-1, f(x)min=f(-m)=ln(-m)+1=4, 解得m=-e3,與-e≤m≤-1矛盾; 若-m>e,即m<-e時,f(x)min=f(e)=1-=4,解得m=-3e,符合題意. 答案:-3e 9.(xx汕頭模擬)已知f(x)=xex,g(x)=-(x+1)2+a,若?x1,x2∈R,使得f(x2)≤g(x1)成立,則實數(shù)a的取值范圍是__________. 解析:f′(x)=ex+xex=(1+x)ex,當(dāng)x>-1時,f′(x)>0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增;當(dāng)x<-1時,f′(x)<0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞減,所以當(dāng)x=-1時,f(x)取得極小值,即最小值為f(-1)=-.函數(shù)g(x)的最大值為a,若?x1,x2∈R,使得f(x2)≤g(x1)成立,則有g(shù)(x)的最大值大于或等于f(x)的最小值,即a≥-. 答案: 三、解答題 10.(xx臨川模擬)已知x=2是函數(shù)f(x)=x3-bx2+2x+a的一個極值點. (1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若當(dāng)x∈[1,+∞)時,f(x)->a2恒成立,求實數(shù)a的取值范圍. 解析:(1)∵f′(x)=x2-2bx+2,且x=2是f(x)的一個極值點, ∴f′(2)=4-4b+2=0,解得b=, ∴f′(x)=x2-3x+2=(x-1)(x-2). 由f′(x)>0得x>2或x<1, ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(-∞,1),(2,+∞); 由f′(x)<0得1<x<2, ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)減區(qū)間為(1,2). (2)由(1)知,函數(shù)f(x)在(1,2)上單調(diào)遞減,在(2,+∞)上單調(diào)遞增, ∴當(dāng)x=2時,函數(shù)f(x)取得極小值也是最小值, 故f(x)min=f(2)=a+. 當(dāng)x∈[1,+∞)時,f(x)->a2恒成立等價于a2<f(x)min-,即a2-a<0,∴0<a<1. 故實數(shù)a的取值范圍是(0,1). 11.(xx長春模擬)已知函數(shù)f(x)=+alnx-2(a>0). (1)若對于?x∈(0,+∞)都有f(x)>2(a-1)成立,試求a的取值范圍; (2)記g(x)=f(x)+x-b(b∈R),當(dāng)a=1時,函數(shù)g(x)在區(qū)間[e-1,e]上有兩個零點,求實數(shù)b的取值范圍. 解析:(1)f′(x)=-+=. 由f′(x)>0,解得x>; 由f′(x)<0,解得0<x<. 所以f(x)在區(qū)間上單調(diào)遞增,在區(qū)間上單調(diào)遞減. 所以當(dāng)x=時,函數(shù)f(x)取得最小值, ymin=f. 因為對于?x∈(0,+∞)都有f(x)>2(a-1)成立, 所以只需滿足f>2(a-1)即可. 則+aln-2>2(a-1),即aln>a. 由aln>a,解得0<a<. 所以a的取值范圍是. (2)依題意得g(x)=+lnx+x-2-b,其定義域為(0,+∞).則g′(x)=.由g′(x)>0解得x>1; 由g′(x)<0解得0<x<1. 所以函數(shù)g(x)在區(qū)間(0,1)上為減函數(shù),在區(qū)間(1,+∞)上為增函數(shù).又因為函數(shù)g(x)在區(qū)間[e-1,e]上有兩個零點, 所以解得1<b≤+e-1, 所以b的取值范圍是. 12.(xx棗莊模擬)某分公司經(jīng)銷某種品牌產(chǎn)品,每件產(chǎn)品的成本為30元,并且每件產(chǎn)品須向總公司繳納a元(a為常數(shù),2≤a≤5)的管理費,根據(jù)多年的統(tǒng)計經(jīng)驗,預(yù)計當(dāng)每件產(chǎn)品的售價為x元時,產(chǎn)品一年的銷售量為(e為自然對數(shù)的底數(shù))萬件,已知每件產(chǎn)品的售價為40元時,該產(chǎn)品一年的銷售量為500萬件.經(jīng)物價部門核定每件產(chǎn)品的售價x最低不低于35元,最高不超過41元. (1)求分公司經(jīng)營該產(chǎn)品一年的利潤L(x)萬元與每件產(chǎn)品的售價x的函數(shù)關(guān)系式; (2)當(dāng)每件產(chǎn)品的售價為多少元時,該產(chǎn)品一年的利潤L(x)最大,并求出L(x)的最大值. 參考公式:(eax+b)′=aeax+b(a,b為常數(shù)). 解析:(1)由題意,該產(chǎn)品一年的銷售量y=, 將x=40,y=500代入得k=500e40, 該產(chǎn)品一年的銷售量y(萬件)關(guān)于x(元)的函數(shù)關(guān)系式為y=500e40-x. 所以分公司一年的利潤L(萬元)與售價x的函數(shù)關(guān)系式為L(x)=(x-30-a)y=500(x-30-a)e40-x(35≤x≤41). (2)L′(x)=500[e40-x-(x-30-a)e40-x]=500e40-x(31+a-x).令L′(x)=0,得x=31+a, ∵2≤a≤5,∴33≤31+a≤36, 在x=31+a兩側(cè)L′(x)的值由正變負, 當(dāng)33≤a+31≤35,即2≤a≤4時,L(x)在[35,41]上單調(diào)遞減. L(x)max=L(35)=500(5-a)e5. 當(dāng)35<a+31≤36<41,即4<a≤5時,L(x)在(35,31+a)上單調(diào)遞增;在(31+a,41]上單調(diào)遞減,因此L(x)max=L(31+a)=500e9-a, ∴L(x)max= 當(dāng)2≤a≤4時,每件產(chǎn)品的售價為35元,該產(chǎn)品一年的利潤L(x)最大,最大為500(5-a)e5萬元;當(dāng)4<a≤5時,每件產(chǎn)品的售價為(31+a)元,該產(chǎn)品一年的利潤L(x)最大,最大為500e9-a萬元.

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