2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 2.3導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用(二)課時作業(yè) 文(含解析)新人教版.doc
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2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 2.3導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用(二)課時作業(yè) 文(含解析)新人教版.doc
2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 2.3導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用(二)課時作業(yè) 文(含解析)新人教版
一、選擇題
1.(xx韶關(guān)模擬)函數(shù)y=xex的最小值是( )
A.-1 B.-e
C.- D.不存在
解析:y′=ex+xex=(1+x)ex,令y′=0,則x=-1,因為x<-1時,y′<0,x>-1時,y′>0,所以x=-1時,ymin=-.
答案:C
2.(xx德州期末)設(shè)函數(shù)y=f(x)在(0,+∞)內(nèi)有定義,對于給定的正數(shù)K,定義函數(shù)fK(x)=取函數(shù)f(x)=,恒有fK(x)=f(x),則( )
A.K的最大值為 B.K的最小值為
C.K的最大值為2 D.K的最小值為2
解析:由f(x)=,
令f′(x)===0,得x=1.
當(dāng)x∈(0,1)時,f′(x)>0;
當(dāng)x∈(1,+∞)時,f′(x)<0,即f(x)=在x=1時取到最大值,而f(x)≤K恒成立,所以≤K,故K的最小值為,選B.
答案:B
3.若關(guān)于x的不等式x3-3x2-9x+2≥m對任意x∈[-2,2]恒成立,則m的取值范圍是( )
A.(-∞,7] B.(-∞,-20]
C.(-∞,0] D.[-12,7]
解析:令f(x)=x3-3x2-9x+2,則f′(x)=3x2-6x-9,令f′(x)=0,得x=-1或3(舍去).∵f(-1)=7,f(-2)=0,f(2)=-20.∴f(x)的最小值為f(2)=-20,故m≤-20,可知應(yīng)選B.
答案:B
4.(xx濰坊期末)函數(shù)f(x)=ex-x(e為自然對數(shù)的底數(shù))在區(qū)間[-1,1]上的最大值是( )
A.1+ B.1
C.e+1 D.e-1
解析:因為f(x)=ex-x,所以f′(x)=ex-1.令f′(x)=0,得x=0.
且當(dāng)x>0時,f′(x)=ex-1>0,x<0時,f′(x)=ex-1<0,即函數(shù)在x=0處取得極小值,f(0)=1,又f(-1)=+1,f(1)=e-1,綜合比較得函數(shù)f(x)=ex-1在區(qū)間[-1,1]上的最大值是e-1.故選D.
答案:D
5.函數(shù)f(x)=ex(sinx+cosx)在區(qū)間上的值域為( )
解析:f′(x)=ex(sinx+cosx)+ex(cosx-sinx)
=excosx,
0≤x≤時,f′(x)≥0,
∴f(x)是上的增函數(shù).
∴f(x)的最大值為f=
f(x)的最小值為f(0)=.
∴f(x)在上的值域為
答案:A
6.(xx濰坊質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)=x3+ax2+bx+c在定義域x∈[-2,2]上表示的曲線過原點,且在x=1處的切線斜率均為-1.有以下命題:
①f(x)是奇函數(shù);②若f(x)在[s,t]內(nèi)遞減,則|t-s|的最大值為4;③若f(x)的最大值為M,最小值為m,則M+m=0;④若對?x∈[-2,2],k≤f′(x)恒成立,則k的最大值為2.其中正確命題的個數(shù)為( )
A.1個 B.2個
C.3個 D.4個
解析:由題意得函數(shù)過原點,則c=0.又f′(x)=3x2+2ax+b.
則必有
解得
所以f(x)=x3-4x.
令f′(x)=3x2-4=0得x=.
則函數(shù)在[-2,2]上的最小值是負數(shù).
由此得函數(shù)圖象大致如圖:得出結(jié)論是:①③正確;②④錯誤.故選B.
答案:B
二、填空題
7.(xx開封一模)已知函數(shù)f(x)=ax3-3x+1對x∈(0,1]總有f(x)≥0成立,則實數(shù)a的取值范圍是__________.
解析:當(dāng)x∈(0,1]時不等式ax3-3x+1≥0可化為a≥,設(shè)g(x)=,x∈(0,1],
g′(x)==-.
g′(x)與g(x)隨x的變化情況如下表:
x
g′(x)
+
0
-
g(x)
極大值4
因此g(x)的最大值為4,則實數(shù)a的取值范圍是[4,+∞).
答案:[4,+∞)
8.(xx揚州模擬)已知函數(shù)f(x)=lnx-(m∈R)在區(qū)間[1,e]上取得最小值4,則m=__________.
解析:f′(x)=+=(x>0),
①當(dāng)m>0時,f′(x)>0,f(x)在區(qū)間[1,e]上為增函數(shù),f(x)有最小值f(1)=-m=4,
得m=-4,與m>0矛盾.
②當(dāng)m<0時,若-m<1,即m>-1,
f(x)min=f(1)=-m=4,
得m=-4,與m>-1矛盾;
若-m∈[1,e],即-e≤m≤-1,
f(x)min=f(-m)=ln(-m)+1=4,
解得m=-e3,與-e≤m≤-1矛盾;
若-m>e,即m<-e時,f(x)min=f(e)=1-=4,解得m=-3e,符合題意.
答案:-3e
9.(xx汕頭模擬)已知f(x)=xex,g(x)=-(x+1)2+a,若?x1,x2∈R,使得f(x2)≤g(x1)成立,則實數(shù)a的取值范圍是__________.
解析:f′(x)=ex+xex=(1+x)ex,當(dāng)x>-1時,f′(x)>0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增;當(dāng)x<-1時,f′(x)<0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞減,所以當(dāng)x=-1時,f(x)取得極小值,即最小值為f(-1)=-.函數(shù)g(x)的最大值為a,若?x1,x2∈R,使得f(x2)≤g(x1)成立,則有g(shù)(x)的最大值大于或等于f(x)的最小值,即a≥-.
答案:
三、解答題
10.(xx臨川模擬)已知x=2是函數(shù)f(x)=x3-bx2+2x+a的一個極值點.
(1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間;
(2)若當(dāng)x∈[1,+∞)時,f(x)->a2恒成立,求實數(shù)a的取值范圍.
解析:(1)∵f′(x)=x2-2bx+2,且x=2是f(x)的一個極值點,
∴f′(2)=4-4b+2=0,解得b=,
∴f′(x)=x2-3x+2=(x-1)(x-2).
由f′(x)>0得x>2或x<1,
∴函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(-∞,1),(2,+∞);
由f′(x)<0得1<x<2,
∴函數(shù)f(x)的單調(diào)減區(qū)間為(1,2).
(2)由(1)知,函數(shù)f(x)在(1,2)上單調(diào)遞減,在(2,+∞)上單調(diào)遞增,
∴當(dāng)x=2時,函數(shù)f(x)取得極小值也是最小值,
故f(x)min=f(2)=a+.
當(dāng)x∈[1,+∞)時,f(x)->a2恒成立等價于a2<f(x)min-,即a2-a<0,∴0<a<1.
故實數(shù)a的取值范圍是(0,1).
11.(xx長春模擬)已知函數(shù)f(x)=+alnx-2(a>0).
(1)若對于?x∈(0,+∞)都有f(x)>2(a-1)成立,試求a的取值范圍;
(2)記g(x)=f(x)+x-b(b∈R),當(dāng)a=1時,函數(shù)g(x)在區(qū)間[e-1,e]上有兩個零點,求實數(shù)b的取值范圍.
解析:(1)f′(x)=-+=.
由f′(x)>0,解得x>;
由f′(x)<0,解得0<x<.
所以f(x)在區(qū)間上單調(diào)遞增,在區(qū)間上單調(diào)遞減.
所以當(dāng)x=時,函數(shù)f(x)取得最小值, ymin=f.
因為對于?x∈(0,+∞)都有f(x)>2(a-1)成立,
所以只需滿足f>2(a-1)即可.
則+aln-2>2(a-1),即aln>a.
由aln>a,解得0<a<.
所以a的取值范圍是.
(2)依題意得g(x)=+lnx+x-2-b,其定義域為(0,+∞).則g′(x)=.由g′(x)>0解得x>1;
由g′(x)<0解得0<x<1.
所以函數(shù)g(x)在區(qū)間(0,1)上為減函數(shù),在區(qū)間(1,+∞)上為增函數(shù).又因為函數(shù)g(x)在區(qū)間[e-1,e]上有兩個零點,
所以解得1<b≤+e-1,
所以b的取值范圍是.
12.(xx棗莊模擬)某分公司經(jīng)銷某種品牌產(chǎn)品,每件產(chǎn)品的成本為30元,并且每件產(chǎn)品須向總公司繳納a元(a為常數(shù),2≤a≤5)的管理費,根據(jù)多年的統(tǒng)計經(jīng)驗,預(yù)計當(dāng)每件產(chǎn)品的售價為x元時,產(chǎn)品一年的銷售量為(e為自然對數(shù)的底數(shù))萬件,已知每件產(chǎn)品的售價為40元時,該產(chǎn)品一年的銷售量為500萬件.經(jīng)物價部門核定每件產(chǎn)品的售價x最低不低于35元,最高不超過41元.
(1)求分公司經(jīng)營該產(chǎn)品一年的利潤L(x)萬元與每件產(chǎn)品的售價x的函數(shù)關(guān)系式;
(2)當(dāng)每件產(chǎn)品的售價為多少元時,該產(chǎn)品一年的利潤L(x)最大,并求出L(x)的最大值.
參考公式:(eax+b)′=aeax+b(a,b為常數(shù)).
解析:(1)由題意,該產(chǎn)品一年的銷售量y=,
將x=40,y=500代入得k=500e40,
該產(chǎn)品一年的銷售量y(萬件)關(guān)于x(元)的函數(shù)關(guān)系式為y=500e40-x.
所以分公司一年的利潤L(萬元)與售價x的函數(shù)關(guān)系式為L(x)=(x-30-a)y=500(x-30-a)e40-x(35≤x≤41).
(2)L′(x)=500[e40-x-(x-30-a)e40-x]=500e40-x(31+a-x).令L′(x)=0,得x=31+a,
∵2≤a≤5,∴33≤31+a≤36,
在x=31+a兩側(cè)L′(x)的值由正變負,
當(dāng)33≤a+31≤35,即2≤a≤4時,L(x)在[35,41]上單調(diào)遞減.
L(x)max=L(35)=500(5-a)e5.
當(dāng)35<a+31≤36<41,即4<a≤5時,L(x)在(35,31+a)上單調(diào)遞增;在(31+a,41]上單調(diào)遞減,因此L(x)max=L(31+a)=500e9-a,
∴L(x)max=
當(dāng)2≤a≤4時,每件產(chǎn)品的售價為35元,該產(chǎn)品一年的利潤L(x)最大,最大為500(5-a)e5萬元;當(dāng)4<a≤5時,每件產(chǎn)品的售價為(31+a)元,該產(chǎn)品一年的利潤L(x)最大,最大為500e9-a萬元.