《2022-2023學(xué)年高中物理 第四章 機(jī)械能和能源 第三節(jié) 探究外力做功與物體動(dòng)能變化的關(guān)系學(xué)案 粵教版必修2》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年高中物理 第四章 機(jī)械能和能源 第三節(jié) 探究外力做功與物體動(dòng)能變化的關(guān)系學(xué)案 粵教版必修2（14頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023學(xué)年高中物理 第四章 機(jī)械能和能源 第三節(jié) 探究外力做功與物體動(dòng)能變化的關(guān)系學(xué)案 粵教版必修2 知識(shí)目標(biāo) 核心素養(yǎng) 1.能用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式導(dǎo)出動(dòng)能定理，理解動(dòng)能定理的物理意義. 2.能應(yīng)用動(dòng)能定理解決簡(jiǎn)單的問題. 1.通過自主和合作探究掌握恒力作用下動(dòng)能定理的推導(dǎo)，培養(yǎng)科學(xué)研究興趣. 2.體會(huì)應(yīng)用動(dòng)能定理解決問題的優(yōu)越性. 動(dòng)能定理 1．推導(dǎo)：合力對(duì)物體所做功與動(dòng)能變化的關(guān)系． 如圖1所示，質(zhì)量為m的物體，在一恒定拉力F作用下，以初速度v1開始沿水平面運(yùn)動(dòng)，經(jīng)位移s后速度增加到v2，已知物體與水平面的摩擦力恒為f. 圖1 (1)外力做的總功

2、：W＝(F－f)s. (2)由牛頓第二定律得：F－f＝ma. (3)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：s＝. 由以上式子求得：W＝mv22－mv12. 2．內(nèi)容：合力對(duì)物體所做的功等于物體動(dòng)能的變化． 3．表達(dá)式：W＝Ek2－Ek1. 4．適用范圍：既適用于恒力做功，也適用于變力做功． 既適用于直線運(yùn)動(dòng)，也適用于曲線運(yùn)動(dòng)． 1．判斷下列說法的正誤． (1)合外力為零，物體的動(dòng)能一定不會(huì)變化．(√) (2)合外力不為零，物體的動(dòng)能一定會(huì)變化．(×) (3)物體動(dòng)能增加，則它的合外力一定做正功．(√) (4)合外力對(duì)物體做負(fù)功，物體的動(dòng)能可能不變．(×) 2．在光滑水平面上，質(zhì)量為2

3、kg的物體以2 m/s的速度向東運(yùn)動(dòng)，若對(duì)它施加一向西的力F使它停下來，則該外力對(duì)物體做的功是________． 答案?。? J 解析　由動(dòng)能定理可知：WF＝0－mv2＝0－×2×22 J＝－4 J. 一、動(dòng)能定理的理解 1．表達(dá)式W＝Ek2－Ek1＝mv22－mv12 (1)Ek2＝mv22表示這個(gè)過程的末動(dòng)能； Ek1＝mv12表示這個(gè)過程的初動(dòng)能． (2)W表示這個(gè)過程中合力做的功，它等于各力做功的代數(shù)和． 2．物理意義：動(dòng)能定理指出了合外力對(duì)物體所做的總功與物體動(dòng)能變化之間的關(guān)系，即： 若合外力做正功，物體的動(dòng)能增加，若合外力做負(fù)功，物體的動(dòng)能減小，做了多少功，動(dòng)

4、能就變化多少． 3．實(shí)質(zhì)：動(dòng)能定理從能量變化的角度反映了力改變運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)時(shí)，在空間上的累積效果． 例1　下列關(guān)于運(yùn)動(dòng)物體的合外力做功和動(dòng)能、速度變化的關(guān)系，正確的是(　　) A．物體做變速運(yùn)動(dòng)，合外力一定不為零，動(dòng)能一定變化 B．若合外力對(duì)物體做功為零，則合外力一定為零 C．物體的合外力做功，它的速度大小一定發(fā)生變化 D．物體的動(dòng)能不變，所受的合外力必定為零 答案　C 解析　力是改變物體速度的原因，物體做變速運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力一定不為零，但合外力不為零時(shí)，做功可能為零，動(dòng)能可能不變，A、B錯(cuò)誤．物體的合外力做功，它的動(dòng)能一定變化，速度大小也一定變化，C正確．物體的動(dòng)能不變，所受合外

5、力做功一定為零，但合外力不一定為零，D錯(cuò)誤． 二、動(dòng)能定理的簡(jiǎn)單應(yīng)用 1．動(dòng)能定理應(yīng)用中的研究對(duì)象一般為單個(gè)物體． 2．動(dòng)能定理的研究過程既可以是運(yùn)動(dòng)過程中的某一階段，也可以是運(yùn)動(dòng)全過程． 3．通常情況下，某問題若涉及時(shí)間或過程的細(xì)節(jié)，要用牛頓運(yùn)動(dòng)定律去解決；某問題若不考慮具體細(xì)節(jié)、狀態(tài)或時(shí)間，如物體做曲線運(yùn)動(dòng)、受力為變力等情況，一般要用動(dòng)能定理去解決． 4．應(yīng)用動(dòng)能定理解題的步驟： (1)確定研究對(duì)象和研究過程(研究對(duì)象一般為單個(gè)物體或相對(duì)靜止的物體組成的系統(tǒng))． (2)對(duì)研究對(duì)象進(jìn)行受力分析(注意哪些力做功或不做功)． (3)確定合外力對(duì)物體做的功(注意功的正負(fù))．

6、(4)確定物體的初、末動(dòng)能(注意動(dòng)能增量是末動(dòng)能減初動(dòng)能)． (5)根據(jù)動(dòng)能定理列式、求解． 例2　如圖2所示，物體在離斜面底端5 m處由靜止開始下滑，然后滑上與斜面平滑連接的水平面，若物體與斜面及水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4，斜面傾角為37°.求物體能在水平面上滑行的距離．(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8) 　　　　　圖2 答案　3.5 m 解析　對(duì)物體在斜面上和水平面上受力分析如圖所示． 方法一　分過程列方程：設(shè)物體滑到斜面底端時(shí)的速度為v，物體下滑階段 FN1＝mgcos 37°， 故f1＝μFN1＝μmgcos 37°. 由動(dòng)能定理得： mg

7、sin 37°·s1－μmgcos 37°·s1＝mv2－0 設(shè)物體在水平面上滑行的距離為s2， 摩擦力f2＝μFN2＝μmg 由動(dòng)能定理得： －μmg·s2＝0－mv2 由以上各式可得s2＝3.5 m. 方法二　全過程列方程： mgs1sin 37°－μmgcos 37°·s1－μmg·s2＝0 得：s2＝3.5 m. 針對(duì)訓(xùn)練　如圖3所示，物體從高h(yuǎn)的斜面頂端A由靜止滑下，到斜面底端后又沿水平面運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)而停止．要使這個(gè)物體從C點(diǎn)沿原路返回到A，則在C點(diǎn)處物體應(yīng)具有的速度大小至少是(　　) 圖3 A. B．2 C. D. 答案　B 解析　從A→C由動(dòng)

8、能定理得mgh－Wf＝0，從C→A有－mgh－Wf＝0－mv02，故C點(diǎn)速度v0＝2. 例3　如圖4所示，AB段為粗糙水平面軌道，BC段是固定于豎直平面內(nèi)的光滑半圓形導(dǎo)軌，半徑為R.一質(zhì)量為 m的滑塊靜止在A點(diǎn)，在水平恒力F作用下從A點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)，撤去恒力F，滑塊沿半圓形軌道向上運(yùn)動(dòng)恰能通過最高點(diǎn)C.已知滑塊與水平軌道間的滑動(dòng)摩擦力f＝，水平恒力F＝.求： 圖4 (1)滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)滑塊運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)的速度大小vC； (3)水平軌道AB的長度L. 答案　(1)0.25　(2)　(3)10R 解析　(1)滑塊在水平軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)， 由f＝μF

9、N＝μmg得：μ＝＝0.25 (2)滑塊在C點(diǎn)時(shí)僅受重力，據(jù)牛頓第二定律，有mg＝m 可得：vC＝ (3)滑塊從A到C的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理得： (F－f)L－2mgR＝mv C2－0 又f＝，F(xiàn)＝ 解得：L＝10R. 1.(對(duì)動(dòng)能定理的理解)有一質(zhì)量為m的木塊，從半徑為r的圓弧曲面上的a點(diǎn)滑向b點(diǎn)，如圖5所示．如果由于摩擦使木塊的運(yùn)動(dòng)速率保持不變，則以下敘述正確的是(　　) 圖5 A．木塊所受的合外力為零 B．因木塊所受的力都不對(duì)其做功，所以合外力做的功為零 C．重力和摩擦力的合力做的功為零 D．重力和摩擦力的合力為零 答案　C 解析　木塊做曲線運(yùn)動(dòng)，速度方

10、向變化，加速度不為零，故合外力不為零，A錯(cuò)；速率不變，動(dòng)能不變，由動(dòng)能定理知，合外力做的功為零，而支持力始終不做功，重力做正功，所以重力做的功與摩擦力做的功的代數(shù)和為零，但重力和摩擦力的合力不為零，C對(duì)，B、D錯(cuò)． 【考點(diǎn)】對(duì)動(dòng)能定理的理解 【題點(diǎn)】用動(dòng)能定理定性分析問題 2．(動(dòng)能定理的應(yīng)用)(多選)甲、乙兩個(gè)質(zhì)量相同的物體，用相同的力F分別拉著它們?cè)谒矫嫔蠌撵o止開始運(yùn)動(dòng)相同的距離s.如圖6所示，甲在光滑面上，乙在粗糙面上，則下列關(guān)于力F對(duì)甲、乙兩物體做的功和甲、乙兩物體獲得的動(dòng)能的說法中正確的是(　　) 圖6 A．力F對(duì)甲物體做功多 B．力F對(duì)甲、乙兩個(gè)物體做的功一樣多

11、 C．甲物體獲得的動(dòng)能比乙大 D．甲、乙兩個(gè)物體獲得的動(dòng)能相同 答案　BC 解析　由W＝Fs可知，兩種情況下力F對(duì)甲、乙兩個(gè)物體做的功一樣多，A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)動(dòng)能定理，對(duì)甲有Fs＝Ek1，對(duì)乙有Fs－fs＝Ek2，可知Ek1＞Ek2，即甲物體獲得的動(dòng)能比乙大，C正確，D錯(cuò)誤． 【考點(diǎn)】對(duì)動(dòng)能定理的理解 【題點(diǎn)】用動(dòng)能定理定性分析問題 3．(動(dòng)能定理的應(yīng)用)一輛汽車以v1＝6 m/s的速度沿水平路面行駛時(shí)，急剎車后能滑行s1＝3.6 m，如果以v2＝8 m/s的速度行駛，在同樣的路面上急剎車后滑行的距離s2應(yīng)為(　　) A．6.4 m B．5.6 m C．7.2 m

12、D．10.8 m 答案　A 解析　急剎車后，車只受摩擦力的作用，且兩種情況下摩擦力的大小是相同的，汽車的末速度皆為零，故： －Fs1＝0－mv12① －Fs2＝0－mv22② ②式除以①式得＝ s2＝s1＝2×3.6 m＝6.4 m. 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求位移 4．(動(dòng)能定理的應(yīng)用)半徑R＝1 m的圓弧軌道下端與一光滑水平軌道連接，水平軌道離地面高度h＝1 m，如圖7所示，有一質(zhì)量m＝1.0 kg的小滑塊自圓軌道最高點(diǎn)A由靜止開始滑下，經(jīng)過水平軌道末端B時(shí)速度為4 m/s，滑塊最終落在地面上，g取10 m/s2，試求： 圖7 (1

13、)不計(jì)空氣阻力，滑塊落在地面上時(shí)速度的大?。? (2)滑塊在軌道上滑行時(shí)克服摩擦力做的功． 答案　(1)6 m/s　(2)2 J 解析　(1)從B點(diǎn)到地面這一過程，只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理有mgh＝mv2－mvB2， 代入數(shù)據(jù)解得v＝6 m/s. (2)設(shè)滑塊在軌道上滑行時(shí)克服摩擦力做的功為Wf，對(duì)A到B這一過程運(yùn)用動(dòng)能定理有mgR－Wf＝mvB2－0， 解得Wf＝2 J. 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求功 一、選擇題 考點(diǎn)一　動(dòng)能定理的理解 1．關(guān)于動(dòng)能定理，下列說法中正確的是(　　) A．在某過程中，動(dòng)能的變化等于各個(gè)力單獨(dú)做功的絕對(duì)

14、值之和 B．只要有力對(duì)物體做功，物體的動(dòng)能就一定改變 C．動(dòng)能定理只適用于直線運(yùn)動(dòng)，不適用于曲線運(yùn)動(dòng) D．動(dòng)能定理既適用于恒力做功的情況，也適用于變力做功的情況 答案　D 解析　動(dòng)能的變化等于各個(gè)力單獨(dú)做功的代數(shù)和，A錯(cuò)；根據(jù)動(dòng)能定理，決定動(dòng)能是否改變的是總功，而不是某一個(gè)力做的功，B錯(cuò)；動(dòng)能定理既適用于直線運(yùn)動(dòng)，也適用于曲線運(yùn)動(dòng)，既適用于恒力做功的情況，也適用于變力做功的情況，C錯(cuò)，D對(duì)． 【考點(diǎn)】對(duì)動(dòng)能定理的理解 【題點(diǎn)】對(duì)動(dòng)能定理的理解 考點(diǎn)二　動(dòng)能定理的應(yīng)用 2．兩個(gè)物體A、B的質(zhì)量之比為mA∶mB＝2∶1，二者初動(dòng)能相同，它們和水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則二者在桌

15、面上滑行到停止經(jīng)過的距離之比為(忽略空氣阻力的影響)(　　) A．sA∶sB＝2∶1 B．sA∶sB＝1∶2 C．sA∶sB＝4∶1 D．sA∶sB＝1∶4 答案　B 解析　物體滑行過程中只有摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理，對(duì)A：－μmAgsA＝0－Ek；對(duì)B：－μmBgsB＝0－Ek.故＝＝，B對(duì)． 3．人騎自行車下坡，坡長l＝500 m，坡高h(yuǎn)＝8 m，人和車總質(zhì)量為100 kg，下坡時(shí)初速度為4 m/s，人不踏車的情況下，到達(dá)坡底時(shí)車速為10 m/s，g取10 m/s2，則下坡過程中阻力所做的功為(　　) A．－4 000 J B．－3 800 J C．－5 000

16、J D．－4 200 J 答案　B 解析　由動(dòng)能定理得mgh＋Wf＝m(vt2－v02)，解得Wf＝－mgh＋m(vt2－v02)＝－3 800 J，故B正確． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求功 4．物體沿直線運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖1所示，已知在第1 s內(nèi)合力對(duì)物體做功為W，則(　　) 圖1 A．從第1 s末到第3 s末合力做功為4W B．從第3 s末到第5 s末合力做功為－2W C．從第5 s末到第7 s末合力做功為W D．從第3 s末到第4 s末合力做功為－0.5W 答案　C 解析　由題圖可知物體速度變化情況，根據(jù)動(dòng)能定理得

17、第1 s內(nèi)：W＝mv02， 第1 s末到第3 s末： W1＝mv02－mv02＝0，A錯(cuò)誤； 第3 s末到第5 s末： W2＝0－mv02＝－W，B錯(cuò)誤； 第5 s末到第7 s末： W3＝m(－v0)2－0＝W，C正確； 第3 s末到第4 s末： W4＝m()2－mv02＝－0.75W，D錯(cuò)誤． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求功 5．如圖2所示，質(zhì)量為0.1 kg的小物塊在粗糙水平桌面上滑行4 m后以3.0 m/s的速度飛離桌面，最終落在水平地面上，已知物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，桌面高0.45 m，若不計(jì)空氣阻力，取g＝10 m/s2，

18、則(　　) 圖2 A．小物塊的初速度是5 m/s B．小物塊的水平射程為1.2 m C．小物塊在桌面上克服摩擦力做8 J的功 D．小物塊落地時(shí)的動(dòng)能為0.9 J 答案　D 解析　由－μmgs＝mv2－mv02 得：v0＝7 m/s，Wf＝μmgs＝2 J，A、C錯(cuò)誤． 由h＝gt2，x＝vt得x＝0.9 m，B項(xiàng)錯(cuò)誤． 由mgh＝Ek－mv2得，落地時(shí)Ek＝0.9 J，D正確． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求功 6.如圖3所示，一個(gè)小球質(zhì)量為m，靜止在光滑的軌道上．現(xiàn)以水平力擊打小球，使小球能夠通過半徑為R的豎直光滑軌道的最高點(diǎn)C，

19、則水平力對(duì)小球所做的功至少為(　　) 圖3 A．mgR B．2mgR C．2.5mgR D．3mgR 答案　C 解析　恰好通過豎直光滑軌道的最高點(diǎn)C時(shí)，在C點(diǎn)有mg＝，對(duì)小球，由動(dòng)能定理W－2mgR＝mv2，聯(lián)立解得W＝2.5mgR，C項(xiàng)正確． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求功 7．連接A、B兩點(diǎn)的弧形軌道ACB和ADB關(guān)于AB連線對(duì)稱，材料相同，粗糙程度相同，如圖4所示，一個(gè)小物塊由A點(diǎn)以一定的初速度v開始沿ACB軌道到達(dá)B點(diǎn)的速度為v1；若由A以大小相同的初速度v沿ADB軌道到達(dá)B點(diǎn)的速度為v2.比較v1和v2的大小有(　　)

20、圖4 A．v1>v2 B．v1＝v2 C．v1

21、外力做功為50 J C．克服阻力做功為50 J D．支持力做功為450 J 答案　AB 解析　重力做功與路徑無關(guān)，WG＝mgh＝25×10×2 J＝500 J，A正確．合外力做功W＝ΔEk＝mv2＝×25×22 J＝50 J，B正確．W＝WG＋W阻＝50 J，所以W阻＝－450 J，即克服阻力做功為450 J，C錯(cuò)誤．支持力始終與速度垂直，不做功，D錯(cuò)誤． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求功 9．如圖6所示，運(yùn)動(dòng)員把質(zhì)量為m的足球從水平地面踢出，足球在空中達(dá)到的最高點(diǎn)的高度為h，在最高點(diǎn)時(shí)的速度為v，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，下列說法中正確的是(　　)

22、 圖6 A．運(yùn)動(dòng)員踢球時(shí)對(duì)足球做功mv2 B．足球上升過程重力做功mgh C．運(yùn)動(dòng)員踢球時(shí)對(duì)足球做功mv2＋mgh D．足球上升過程克服重力做功mv2＋mgh 答案　C 解析　足球上升過程中足球重力做負(fù)功，WG＝－mgh，B、D錯(cuò)誤；從運(yùn)動(dòng)員踢球至上升至最高點(diǎn)的過程中，W－mgh＝mv2，故運(yùn)動(dòng)員踢球時(shí)對(duì)足球做的功W＝mv2＋mgh，C項(xiàng)正確． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求功 10．木塊在水平恒力F的作用下，沿水平路面由靜止出發(fā)前進(jìn)了l，隨即撤去此恒力，木塊沿原方向又前進(jìn)了2l才停下來，設(shè)木塊運(yùn)動(dòng)全過程中地面情況相同，則摩擦力的大小f和木塊

23、所獲得的最大動(dòng)能Ek分別為(　　) A．f＝　Ek＝ B．f＝　Ek＝Fl C．f＝　Ek＝ D．f＝F　Ek＝ 答案　C 解析　全過程：Fl－f·3l＝0得：f＝；加速過程：Fl－fl＝Ekm－0，得Ekm＝Fl，C正確． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求力 11．(多選)如圖7甲所示，質(zhì)量m＝2 kg的物體以100 J的初動(dòng)能在粗糙的水平地面上滑行，其動(dòng)能Ek隨位移s變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，則下列判斷中正確的是(　　) 圖7 A．物體運(yùn)動(dòng)的總位移大小為10 m B．物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小為10 m/s2 C．物體運(yùn)動(dòng)的初速度大小為

24、10 m/s D．物體所受的摩擦力大小為10 N 答案　ACD 解析　由題圖可知，物體運(yùn)動(dòng)的總位移為10 m，根據(jù)動(dòng)能定理得，－fs＝0－Ek0，解得f＝＝ N＝10 N，故A、D正確．根據(jù)牛頓第二定律得，物體的加速度大小為a＝＝ m/s2＝5 m/s2，故B錯(cuò)誤．由Ek0＝mv2得v＝＝ m/s＝10 m/s，故C正確． 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理進(jìn)行有關(guān)的計(jì)算 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理求力 二、非選擇題 12．(動(dòng)能定理的應(yīng)用)如圖8所示，豎直平面內(nèi)的一半徑R＝0.5 m的光滑圓弧槽BCD，B點(diǎn)與圓心O等高，質(zhì)量m＝0.1 kg的小球(可看作質(zhì)點(diǎn))從B點(diǎn)正上方H＝0.75 m高處的A點(diǎn)

25、自由下落，由B點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道，從D點(diǎn)飛出，不計(jì)空氣阻力，(取g＝10 m/s2)求： 圖8 (1)小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能； (2)小球經(jīng)過最低點(diǎn)C時(shí)的速度大小vC； (3)小球經(jīng)過最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道的壓力大小． 答案　(1)0.75 J　(2)5 m/s　(3)6 N 解析　(1)小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有： mgH＝Ek 代入數(shù)據(jù)得：Ek＝0.75 J. (2)小球從A點(diǎn)到C點(diǎn)，由動(dòng)能定理有： mg(H＋R)＝mv C2代入數(shù)據(jù)得vC＝5 m/s. (3)小球在C點(diǎn)，受到的支持力與重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律有：FN－mg＝，代入數(shù)據(jù)解得FN＝6 N 由

26、牛頓第三定律有：小球?qū)壍赖膲毫Υ笮N′＝6 N. 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理處理多過程問題 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理處理含曲線運(yùn)動(dòng)的多過程問題 13．(動(dòng)能定理的應(yīng)用)如圖9所示，質(zhì)量m＝10 kg的物體放在水平地面上，物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.4，g取10 m/s2，今用F＝50 N的水平恒力作用于物體上，使物體由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t＝8 s后，撤去F，求： 圖9 (1)力F所做的功； (2)8 s末物體的動(dòng)能； (3)物體從開始運(yùn)動(dòng)直到最終靜止的過程中克服摩擦力所做的功． 答案　(1)1 600 J　(2)320 J　(3)1 600 J 解析　(1)在

27、運(yùn)動(dòng)過程中，物體所受到的滑動(dòng)摩擦力為 f＝μmg＝0.4×10×10 N＝40 N， 由牛頓第二定律可得物體加速運(yùn)動(dòng)的加速度 a＝＝ m/s2＝1 m/s2， 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得在8 s內(nèi)物體的位移為 s＝at2＝×1×82 m＝32 m， 所以力F做的功為 WF＝Fs＝50×32 J＝1 600 J. (2)設(shè)在8 s末物體的動(dòng)能為Ek，由動(dòng)能定理可得 Fs－fs＝mv2－0＝Ek， 所以Ek＝(1 600－40×32) J＝320 J. (3)對(duì)整個(gè)過程利用動(dòng)能定理有， WF＋Wf＝0－0， 所以Wf＝－1 600 J， 即物體從開始運(yùn)動(dòng)到最終靜止的過程中克服摩擦力所做的功為1 600 J. 【考點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理處理多過程問題 【題點(diǎn)】應(yīng)用動(dòng)能定理處理僅含直線運(yùn)動(dòng)的多過程問題